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      2017年重慶市巴蜀中學中考物理一模試卷

      2021-12-081 9.99元 33頁 542.08 KB
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      2017年重慶市巴蜀中學中考物理一模試卷 一.選擇題(8×3=24分)1.下列物理量的估測中,最接近實際的是( ?。〢.上課鈴聲正常響一次的時間約3minB.學生用橡皮擦的質量約為100gC.常用電子手表電池的電壓約為1.5VD.家用空調的正常工作電流約為0.5A2.如圖所示的現象中,屬于光的反射現象的是( ?。〢.水中倒影B.日食形成C.小孔成像D.鉛筆“折斷”3.生活中的熱現象隨處可見,下列有關說法中正確的是( ?。〢.早晨經常出現大霧,這是凝華現象B.揭開冰棒包裝后會看到冰棒冒“白汽”,這是液化現象C.太陽出來后,花草上的露珠不見了,這是升華現象D.初冬的早晨地面上會出現白色的霜,這是凝固現象4.如圖的相關解釋正確的是( ?。┑?3頁(共33頁),A.甲圖中有人觸電時,應立即將他從用電器旁拉開B.乙圖中的開關接在零線和燈頭之間也是安全的C.丙圖中的實驗說明電流周圍存在磁場D.丁圖中的實驗可以解釋電動機的工作原理5.體育場上,蘊含很多的物理道理,如圖所示,下面有關事例的描述中正確的是( ?。〢.踢出的足球由于不受力,它將慢慢停下來B.體考時,扔出的實心球能繼續前進是因為受到慣性作用C.排球運動到最高點時,重力勢能最大,受到非平衡力的作用D.運動員舉起杠鈴站定時,運動員的重力和地面對運動員的支持力是一對平衡力6.如圖電路中,電源電壓保持不變,當開關S閉合,下列說法中正確的是( ?。┑?3頁(共33頁),A.電阻R1、R2的連接方式為并聯B.若R1短路,電流表示數將變為零C.若R2斷路,電壓表示數將變為零D.若R1大于R2,R1的電功率將大于R2的電功率7.如圖甲所示的電路中,滑動變阻器的滑片P從a端移到b端,定值電阻R1兩端的電壓隨滑動變阻器R2阻值變化的圖象如圖乙所示,下列說法中正確的是( ?。〢.R1的阻值為20?B.R2=20Ω時,電壓表示數為4VC.該電路的最大功率為3.6WD.P在b端時,電阻R1的功率為0.5W8.如圖,厚度不計的圓柱形容器放在水平面上,內裝有水,上端固定的細線懸掛著正方體M(不吸水)豎直浸在水中,M有的體積露出水面,此時水的深度為11cm.已知容器底面積是200cm2,重為4N,正方體M邊長為10cm,重20N;若從圖示狀態開始,將容器中的水緩慢抽出,當容器中水面下降了6cm時,細繩剛好被拉斷,立即停止抽水.不計細繩體積與質量,下列說法不正確的是( ?。┑?3頁(共33頁),A.如圖未抽出水時,容器對水平面的壓力為26NB.細繩所能承受的最大拉力為18NC.M最終靜止后,水對容器底部的壓強為900PaD.M最終靜止后,M對容器底部的壓強為1200Pa 二、填空作圖題(本題共6個小題,14題作圖2分,其余每空1分,共12分)9.在第一節電學課后,小張用自己實驗箱內的毛皮摩擦橡膠棒,橡膠棒帶 ?。ㄟx填“正”或“負”)電.不久他聞到了一股明顯的毛皮的氣味,這是因為摩擦后毛皮的溫度升高,分子的無規則運動更 ?。ㄟx填“劇烈”或“緩慢”)了.10.小紅用3N的水平拉力拉著一個木塊在水平桌面上勻速直線運動,木塊所受的摩擦力大小為  N;當拉力增大到5N時,木塊所受的摩擦力大小 ?。ㄟx填“變大”、“變小“或”不變”).11.如圖,小明的爸爸用600N的拉力使重1140N得物體在10s內勻速上升2m.小明的爸爸拉繩做功的功率  W,體重為450N的小明也用此滑輪組提升同一物體,但物體沒有被拉動,物體對水平地面的最小壓力為  N(不計摩擦與繩重)12.如圖甲,電源電壓恒定,電壓表的量程都是0﹣15V,電流表的量程是0﹣0.6A,小燈泡兩端的電壓不許超過額定電壓,滑動變阻器允許通過的最大電流為1A.閉合開關,為了保證所有元件都安全,滑動變阻器的滑片只能在阻值最大端和a點間滑動,當滑片在這兩點間滑動時,電流表示數隨電壓表的示數變化的如圖,則燈泡的額定電流  A,且滑片在最大阻值和a點時燈泡的功率之比為4:35,燈泡的額定功率為  W.第33頁(共33頁),13.2017年4月22日12時23分,天舟一號與天宮二號順利完成自動交會對接,也是我國自主研制的貨運飛船和空間實驗室首次交會對接,這次任務的完成,標志著中國正式邁進“空間站時代”,如圖甲是天舟一號經長征7號搖2運載火箭在海南文昌航天發射場發射升空的情景,圖乙是天舟一號與天宮二號對接的情景.請找出一個與上面組圖情景相關的物理現象,并指出對應的物理知識.(不得與示例重復)示例:物理現象:長征三號乙運載火箭發射升空時由靜止變為運動;物理知識:力是改變物體運動狀態的原因.作答:物理現象: ??;物理知識: ?。?4.重為10N的木塊靜止在斜面上,畫出木塊的受力示意圖.15.根據圖中的折射光線作出相應的入射光線. 三、實驗探究題(每空1分,共22分)16.君君對科學探究活動非常感興趣,他經常在課后完成一些實驗,下面是他進行的兩次嘗試.(1)在學習完物態變化相關知識后,他用圖甲裝置探究“水沸騰的特點”,水沸騰后,觀察到溫度計示數一直如圖乙,則水的沸點是  ℃;可能原因是當底的大氣壓  第33頁(共33頁),(填“高于”、“低于”或“等于”)一個標準大氣壓;由此可總結出水沸騰的特點為需要 ?。ㄟx填“吸收”或“放出”)熱量,溫度不變.(2)在學完凸透鏡成像規律后,君君選擇一塊焦距未知的凸透鏡,對凸透鏡成像特點作了進一步探究,為了測量凸透鏡焦距,他讓一束平行光正對射向該透鏡,調節光屏位置直到在屏上得一個最小最亮的光斑.圖丙是調節完成的狀態,該透鏡焦距  cm;然后按如圖丁,將蠟燭在光具座上A處,可在B處的光屏上看到清晰的實像.現將蠟燭從A向左移動距離s到C,為了在光屏上再次成清晰的像,則他應將光屏向  移動,(選填“左”或“右”)且移動距離s'  s.(選填“=”、“<”或“>”)17.小明和小紅在實驗室進行測量小燈泡電功率的實驗,實驗人員分別為他們準備了一套器材:電源(電壓恒為6V)、“20Ω1A”的滑動變阻器、“3.8V電阻約8Ω”的小燈泡、電流表、電壓表、開關,各一個,導線若干.(1)如圖甲是小明設計的實驗電路圖,請用筆畫線代替導線,將圖乙的實物電路連接完整,要求滑片P向右移動時,電流表的示數要變?。?)小明連接好電路后閉合開關,發現小燈泡沒有發光,他應該 ?。瓵、立即檢查線路B、立即更換燈泡C、立即移動滑動變阻器滑片D、迅速觀察兩電表示數情況后再針對性處理(3)排除故障后,閉合開關,移動滑片P,當電壓表示數為3.8V時,電流表示數如圖丙,其讀數是  A,小明所測燈泡的額定功率是  W.(4)由于小燈泡上標定的額定功率值看不清楚,小明咨詢實驗人員后知道應該是1.8W,為什么自己所測得數據偏???小明仔細觀察所用的小燈泡,在內壁有些發現,他回憶所學知識后找到了原因.小燈泡在頻繁使用后,燈絲容易發生 ?。ㄟx填“升華”或“凝華”)現象而的導致燈絲電阻變 ?。ㄟx填“大”或“小”).(5)小紅在測量小燈泡額定電功率的實驗中發現電壓表的0﹣15V量程損壞,他馬上想到可以將圖甲電路圖中的電壓表改接在滑動變阻器兩端繼續實驗,他的實驗過程為:①連接好電路后,將滑片P置于滑動變阻器的  位置(選填“左端”、“右端”、“中間偏左”或“中間偏右”),在閉合開關.②移動滑片P,當電壓表示數為  V時,記錄電流表示數.③計算燈泡額定功率.第33頁(共33頁),18.小華利用燒杯、天平、細繩、水,測量一塊形狀不規則小石塊的密度.請將他的步驟補充完整并完成相關問題:(1)把托盤天平放在水平臺上,將標尺上的游碼移到標尺左端零刻度線處,再調節  ,使天平平衡.(2)用天平測量小石塊的質量,天平再次平衡時,砝碼和標尺上的游碼如圖,則小石塊的質量m=  g.(3)如圖所示,A.往燒杯中加入適量的水,把小石塊緩慢浸沒在水中,在水面到達的位置做標記,然后測得燒杯、小石塊和水的總質量m1=174g;B.取出小石塊,測得燒杯和水的總質量為m2=121.2g;C.往燒杯中加水,直到  ,再測出此時燒杯和水的總質量為m3=142g.(4)按照上述數據計算小石塊的密度時,小華認為有兩種方案:方案一是根據m、m1、m3,算得小石塊的密度為  kg/m3,方案二是根據m、m2、m3,算得小石塊的密度為  kg/m3.不計細繩的影響,上述兩種計算方案中,誤差相差較小的方案是 ?。ㄟx填“一”或“二”),若用另外一種方案計算,得出的結果將比準確值偏 ?。ㄟx填“大”或“小”),具體原因是: ?。∷?、計算題(6+8+8=22分)19.某校校車與學生的總質量為8000kg,該校車在某段平直公路上勻速行駛9km,用時15min.求:(1)在該路段,校車行駛的平均速度;(2)若車輪與地面的接觸總面積為0.25m2,校車對水平地面的壓強.第33頁(共33頁),20.小明家購置了一臺集加熱和保溫為一體的溫熱飲水機,其銘牌如下表所示.如圖是飲水機的電路圖,S是用感溫材料制造的溫控開關,R1是分壓電阻,R2是供加熱時的電阻絲.分析電路圖可知,當S接通時,飲水機處于加熱狀態,當S斷開時處于保溫狀態.(1)在加熱狀態下,飲水機正常工作時電路中的電流是多大;(2)正常工作時該飲水機將最大容積的水從20℃加熱到100℃,用時4min.求水吸收的熱量和該飲水機加熱狀態時的效率;[C水=4.2×103J/(kg•℃)](3)如果要使R2在保溫狀態時的功率是550W,求R1的阻值.21.如圖裝置是某物理興趣小組設計的“電子浮力稱”的原理圖,電源電壓恒為3V,L為電阻不計的LED工作指示燈,滑動變阻器R的最大值為10Ω,A端到B端的長度為10cm.一內底面積為300cm2的圓柱形容器放在水平面上,裝有足量的水.水面漂浮有一外地面積為100cm2的圓柱形金屬筒(上端開口,足夠高),金屬筒通過硬桿與滑片P連接在一起.金屬筒只能在豎直方向移動,其下底面始終水平.滑片P,硬桿(MN,NE、NF)和金屬筒的總質量為200g.為了能直接讀出所稱物體質量的大小,需將電壓表的刻度改成對應的質量刻度.他們首先調整裝置,當金屬筒內不放入物體時,滑片P恰好在A端,即質量0g恰好對應電壓表示數的0V.然后向金屬筒內放入物體(金屬筒是中漂浮且容器中的水未溢出),裝置穩定后再計算出放入物體質量所對應的電壓表示數,滑片P移動時受到的阻力、導線對硬桿MN的力、硬桿(MN,NE、NF)和金屬筒的形變均忽略不計.閉合開關,求:(1)如圖,金屬筒內未放入物體時,電路中的電流為多少?(2)如圖,金屬筒內未放入物體時,金屬筒受到的浮力為多少?(3)向金屬筒內放入600g的物體后,對應的電壓表示數為多少?第33頁(共33頁), 第33頁(共33頁),第33頁(共33頁),2017年重慶市巴蜀中學中考物理一模試卷參考答案與試題解析 一.選擇題(8×3=24分)1.下列物理量的估測中,最接近實際的是( ?。〢.上課鈴聲正常響一次的時間約3minB.學生用橡皮擦的質量約為100gC.常用電子手表電池的電壓約為1.5VD.家用空調的正常工作電流約為0.5A【考點】61:時間的估測;23:質量的估測;HG:電流的大??;I1:電壓.【分析】首先對題目中涉及的物理量有個初步的了解,對于選項中的單位,可根據需要進行相應的換算或轉換,排除與生活實際相差較遠的選項,找出符合生活實際的答案.【解答】解:A、中小學做一遍眼保健操的時間在3min左右,正常的上課鈴聲響一次的時間在30s左右.故A不符合實際;B、一枚一元硬幣的質量約6g,一塊橡皮擦的質量與此差不多,在6g左右.故B不符合實際;C、常用電子手表中的氧化銀電池電壓是1.5V.故C符合實際;D、家用空調的額定功率在1100W以上,正常工作電流不小于I===5A.故D不符合實際.故選C. 2.如圖所示的現象中,屬于光的反射現象的是( ?。〢.水中倒影B.第33頁(共33頁),日食形成C.小孔成像D.鉛筆“折斷”【考點】A6:光的反射;A3:光直線傳播的應用;AM:光的折射現象及其應用.【分析】要解決此題,需要掌握光的反射現象,知道平面鏡成像是由于光的反射形成的.要掌握光的折射現象,知道水底看起來比實際的要淺、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃樓、凸透鏡成像都是光的折射.要掌握光沿直線傳播現象,知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的.【解答】解:A、水中的倒影,屬于平面鏡成像,是由光的反射形成的.故本選項符合題意;B、日月食都是由于太陽、地球、月亮在同一直線上,若月亮在中間擋住太陽光便為日食;若地球在中間擋住太陽光,則為月食.日月食是由于光沿直線傳播形成的.故本選項不符合題意;C、小孔成像屬于光沿直線傳播原理,故本選項不符合題意;D、鉛筆“折斷”如同插入水中的筷子在水面處“彎折”一樣,是因為光從水中斜射入空氣中時,發生折射,故本選項不符合題意.故選A. 3.生活中的熱現象隨處可見,下列有關說法中正確的是( ?。〢.早晨經常出現大霧,這是凝華現象B.揭開冰棒包裝后會看到冰棒冒“白汽”,這是液化現象C.太陽出來后,花草上的露珠不見了,這是升華現象D.初冬的早晨地面上會出現白色的霜,這是凝固現象【考點】1M:液化及液化現象;1H:汽化及汽化吸熱的特點;1R:生活中的凝華現象.【分析】判斷物態變化現象,我們首先要清楚各種物態變化的定義;然后看物態變化中是什么狀態變為什么狀態,從而確定是什么物態變化.【解答】解:A、霧是空氣中的水蒸氣遇冷放熱形成的,從氣態變為液態,是液化現象,故A錯誤;第33頁(共33頁),B、冰棒冒白氣,白氣是小液滴懸浮在空氣中形成的,是由空氣中的水蒸氣遇到比較冷的冰棒形成的,是液化現象,故B正確;C、露珠是液態水滴,露珠不見了,是變成了氣態水蒸氣,屬于汽化現象,故C錯誤;D、霜是空氣中的水蒸氣快速放熱后凝華形成的固態小冰晶,故D錯誤.故選:B. 4.如圖的相關解釋正確的是( ?。〢.甲圖中有人觸電時,應立即將他從用電器旁拉開B.乙圖中的開關接在零線和燈頭之間也是安全的C.丙圖中的實驗說明電流周圍存在磁場D.丁圖中的實驗可以解釋電動機的工作原理【考點】IV:安全用電原則;C9:通電直導線周圍的磁場;CM:直流電動機的原理.【分析】(1)發現有人觸電如果用手拉觸電的人會發生觸電事故;(2)家庭電路中開關應該接在用電器與火線之間;(3)通電導線周圍存在磁場;(4)發電機是根據電磁感應現象制成的.【解答】解:A、有人觸電就是直接或間接接觸火線,人是導體,人體直接接觸觸電的人,也會發生觸電事故,所以一定不要直接接觸觸電的人,故A錯誤.B、家庭電路中開關應該接在用電器與火線之間,若接在零線上,斷開開關,用電器仍帶電,容易發生危險,故B錯誤.C、丙圖是奧斯特實驗的原理凸,實驗說明電流周圍存在磁場,故C正確.D、丁圖中的實驗可以解釋發電機的工作原理,故D錯誤.故選C. 5.體育場上,蘊含很多的物理道理,如圖所示,下面有關事例的描述中正確的是( ?。┑?3頁(共33頁),A.踢出的足球由于不受力,它將慢慢停下來B.體考時,扔出的實心球能繼續前進是因為受到慣性作用C.排球運動到最高點時,重力勢能最大,受到非平衡力的作用D.運動員舉起杠鈴站定時,運動員的重力和地面對運動員的支持力是一對平衡力【考點】6L:慣性;6R:平衡力的辨別;6U:力與運動的關系;FN:動能和勢能的大小變化.【分析】A、力是使物體運動狀態發生改變的原因,物體的運動狀態發生了改變就是因為受到了力的作用.B、慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質,任何物體都具有慣性.不是力.C、重力勢能與物體的質量和高度有關,質量越大,高度越大,物體的重力勢能越大.D、二力平衡的條件:作用在一個物體上,大小相等、方向相反、作用在同一直線上.【解答】解:A、足球停下來是因為它受到了摩擦阻力的作用,是阻力改變了足球的運動狀態,而不是由于不受力,它將慢慢停下來,故A錯誤;B、一切物體都具有慣性,足球離開腳由于慣性仍然繼續前進,不是因為受到慣性作用,故B錯誤;C、排球運動到最高點時,重力勢能最大,此時只受到重力的作用,因此是受非平衡力的作用,故C正確;第33頁(共33頁),D、由作用力與反作用力可知地面對運動員的支持為杠鈴和運動員的重力之和,故運動員受到的重力和地面對運動員的支持力不是一對平衡力.故D錯誤.故選C. 6.如圖電路中,電源電壓保持不變,當開關S閉合,下列說法中正確的是( ?。〢.電阻R1、R2的連接方式為并聯B.若R1短路,電流表示數將變為零C.若R2斷路,電壓表示數將變為零D.若R1大于R2,R1的電功率將大于R2的電功率【考點】JA:電功率的計算;H!:串聯電路的電流規律;HT:串聯電路和并聯電路的辨別.【分析】(1)根據串聯電路中用電器依次連接和并聯電路中用電器并列連接判斷電路的連接方式;(2)用電器短路時,被短路的用電器不工作,其它用電器可以工作;(3)電壓表可以直接并聯在電源兩端測電源的電壓;(4)根據串聯電路的電流特點和P=UI=I2R比較兩電阻的電功率關系.【解答】解:A.由電路圖可知,R1與R2依次連接,兩電阻串聯,故A錯誤;B.若R1短路,電路為R2的簡單電路,電流表測電路中的電流,即電流表示數不為零,故B錯誤;C.若R2斷路,電路斷路,電壓表串聯在電路中測電源的電壓,即電壓表有示數,故C錯誤;D.因串聯電路中各處的電流相等,由P=UI=I2R可知,R1大于R2時,R1的電功率將大于R2的電功率,故D正確.故選D. 7.如圖甲所示的電路中,滑動變阻器的滑片P從a端移到b端,定值電阻R1兩端的電壓隨滑動變阻器R2阻值變化的圖象如圖乙所示,下列說法中正確的是( ?。┑?3頁(共33頁),A.R1的阻值為20?B.R2=20Ω時,電壓表示數為4VC.該電路的最大功率為3.6WD.P在b端時,電阻R1的功率為0.5W【考點】IH:歐姆定律的應用;JA:電功率的計算.【分析】由圖甲所示電路圖可知,定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯,電壓表測定值電阻R1兩端電壓.(1)由圖甲所示電路可知,滑片在a端時,只有定值電阻接入電路,電壓表測電源兩端電壓,由圖乙所示圖象讀出電源的電壓;(2)根據圖象讀出R2=20Ω時電壓表的示數,根據串聯電路的電壓特點求出當滑動變阻器R2的阻值為20Ω時滑動變阻器兩端的電壓,根據歐姆定律分別表示出電流,利用串聯電路的電流特點建立等式即可求出定值電阻R1的阻值;(3)當滑片在a端時,電路中的電阻最小,電路的功率最大;再根據圖象讀出當滑動變阻器的滑片P在b端時電壓表的示數,利用P=求出電路的最大功率和在b端時定值電阻R1的功率.【解答】解:由圖甲所示電路圖可知,定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯,電壓表測定值電阻R1兩端電壓.(1)由圖甲所示電路可知,滑片在a端時,只有定值電阻接入電路,電壓表測電源兩端電壓,由圖乙所示圖象可知,電源電壓U=6V,(2)由圖象可知,當滑動變阻器R2的阻值為20Ω時,電壓表的示數為2V,故B錯誤;因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和,所以,當滑動變阻器R2的阻值為20Ω時,滑動變阻器兩端的電壓:U2=U﹣U1=6V﹣2V=4V,因串聯電路中各處的電流相等,所以,由I=可得:=,即=,解得:R1=10Ω,故A錯誤;第33頁(共33頁),(3)當滑片在a端時,電路中的電阻最小,電路的功率最大,P大===3.6W,故C正確;當滑動變阻器的滑片P在b端時,電壓表的示數為1V,則定值電阻R1的功率:P1===0.1W,故D錯誤.故選C. 8.如圖,厚度不計的圓柱形容器放在水平面上,內裝有水,上端固定的細線懸掛著正方體M(不吸水)豎直浸在水中,M有的體積露出水面,此時水的深度為11cm.已知容器底面積是200cm2,重為4N,正方體M邊長為10cm,重20N;若從圖示狀態開始,將容器中的水緩慢抽出,當容器中水面下降了6cm時,細繩剛好被拉斷,立即停止抽水.不計細繩體積與質量,下列說法不正確的是( ?。〢.如圖未抽出水時,容器對水平面的壓力為26NB.細繩所能承受的最大拉力為18NC.M最終靜止后,水對容器底部的壓強為900PaD.M最終靜止后,M對容器底部的壓強為1200Pa【考點】86:壓強的大小及其計算;89:液體的壓強的計算;8O:阿基米德原理.【分析】(1)知道正方體M的邊長可求其體積,若容器內沒有物體M,先求出水的深度為11cm時水的體積,根據m=ρV求出這些水的質量,根據阿基米德原理可知物體M受到的浮力和排開水的重力相等,則未抽出水時容器內水和物體M的共同作用效果與上面那些水的作用效果相同,容器對水平面的壓力等于它們的重力之和;(2)根據題意求出原來正方體M浸入水中深度,然后計算出水面下降6cm時正方體M浸入水中深度,進一步求出排開水的體積,根據阿基米德原理求出受到的浮力,細繩能承受的最大拉力等于M的重力減去受到的浮力;第33頁(共33頁),(3)根據體積公式求出正方體M的體積以及細繩剛好被拉斷時容器內水的深度,先判斷出物體M是否浸沒,然后求出容器內水的深度,根據p=ρgh求出水對容器底部的壓強;(4)M最終靜止后,先求出排開水的體積,根據阿基米德原理求出受到的浮力,物體M的重力減去受到的浮力即為M對容器底部的壓力,利用p=求出M對容器底部的壓強.【解答】解:(1)物體M的底面積:SM=L2=(10cm)2=100cm2=0.01m2,若容器內沒有物體M,水的深度為11cm時水的體積:V=S容h=200cm2×11cm=2200cm3,這些水的質量:m=ρ水V容=1.0g/cm3×2200cm3=2200g=2.2kg,因物體M受到的浮力和排開水的重力相等,所以,容器對水平面的壓力F=G容+G水+F浮=G容+G水+G排,即:未抽出水時,容器內水和物體M的共同作用效果與2.2kg水的作用效果相同,則容器對水平面的壓力:F=G容+mg=4N+2.2kg×10N/kg=26N,故A正確;(2)原來正方體M浸入水中深度:h1=(1﹣)L=×10cm=8cm,水面下降6cm時正方體M浸入水中深度:h2=h1﹣△h=8cm﹣6cm=2cm,則物體M排開水的體積:V排=SMh2=100cm2×2cm=200cm3=2×10﹣4m3,此時正方體M受到的浮力:F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣4m3=2N,所以細繩能承受的最大拉力:F拉=G﹣F浮=20N﹣2N=18N,故B正確;(3)細繩剛好被拉斷時,容器內水的深度:h3=h﹣△h=11cm﹣6cm=5cm,容器內剩余水的體積:V水剩=S容h3﹣V排=200cm2×5cm﹣200cm3=800cm3,當物體M恰好浸沒時,需要水的體積:第33頁(共33頁),V水=(S容﹣SM)L=×10cm=1000cm3>800cm3,所以,細繩被拉斷、M最終靜止后,M沒有浸沒,則此時容器內水的深度:h4===8cm=0.08m,此時水對容器底部的壓強:p=ρ水gh4=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa,故C錯誤;(4)M最終靜止后,排開水的體積:V排′=SMh4=100cm2×8cm=800cm3=8×10﹣4m3,正方體M受到的浮力:F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣4m3=8N,M對容器底部的壓力:F壓=G﹣F浮′=20N﹣8N=12N,M對容器底部的壓強:pM===1200Pa,故D正確.故選C. 二、填空作圖題(本題共6個小題,14題作圖2分,其余每空1分,共12分)9.在第一節電學課后,小張用自己實驗箱內的毛皮摩擦橡膠棒,橡膠棒帶 負?。ㄟx填“正”或“負”)電.不久他聞到了一股明顯的毛皮的氣味,這是因為摩擦后毛皮的溫度升高,分子的無規則運動更 劇烈?。ㄟx填“劇烈”或“緩慢”)了.【考點】H2:正電荷與負電荷;GV:分子的運動.【分析】摩擦起電的實質不是創造了電,而是電子的轉移.溫度越高,分子無規則運動越劇烈.【解答】解:用毛皮摩擦橡膠棒,橡膠棒的原子核束縛核外電子本領強的得到電子,因多余電子帶負電.摩擦后毛皮的溫度升高,溫度越高,分子無規則運動越劇烈.故答案為:負;劇烈. 10.小紅用3N的水平拉力拉著一個木塊在水平桌面上勻速直線運動,木塊所受的摩擦力大小為 3 N;當拉力增大到5N時,木塊所受的摩擦力大小 不變?。ㄟx填“變大”、“變小“或”不變”).第33頁(共33頁),【考點】6T:二力平衡條件的應用;7E:摩擦力大小的影響因素.【分析】(1)當物體做勻速直線運動時,處于平衡狀態,受力平衡;(2)摩擦力的大小與壓力大小和接觸面的粗糙程度有關.【解答】解:由于木塊在水平方向上做勻速直線運動,所以拉力與摩擦力是一對平衡力,所以摩擦力f=F=3N;當拉力增大后,因為木塊對桌面的壓力大小仍等于重力,沒有變化;而且接觸面的粗糙程度也不變,所以摩擦力大小不變.故答案是:3;不變. 11.如圖,小明的爸爸用600N的拉力使重1140N得物體在10s內勻速上升2m.小明的爸爸拉繩做功的功率 240 W,體重為450N的小明也用此滑輪組提升同一物體,但物體沒有被拉動,物體對水平地面的最小壓力為 300 N(不計摩擦與繩重)【考點】FF:功率的計算;7!:滑輪組繩子拉力的計算;81:壓力及重力與壓力的區別.【分析】(1)由圖知,承擔物重的繩子股數n=2,拉力端移動的距離s=2h,利用速度公式求拉力端移動速度,再利用P===Fv求拉繩的功率;(2)根據小明爸爸的拉力F=(G+G動)求出動滑輪重,小明的最大拉力為F=G=450N,根據F=(F拉+G動)求出繩子對物體的拉力,則物體對地面的壓力F壓=F支=G﹣F拉.【解答】解:(1)由圖知,n=2,拉力端移動的距離s=2h=2×2m=4m,拉力端移動速度:v===0.4m/s,小明爸爸拉繩的功率:P===Fv=600N×0.4m/s=240W;(2)不計摩擦及繩重,F=(G+G動),所以動滑輪重:第33頁(共33頁),G動=2F﹣G=2×600N﹣1140N=60N,小明拉繩子時的最大拉力等于其重力,F′=G人=450N,由于F=(F拉+G動),所以繩子對物體的最大拉力:F拉=2F′﹣G動=2×450N﹣60N=840N,物體對地面的最小壓力:F壓=F支=G﹣F拉=1140N﹣840N=300N.故答案為:240;300. 12.如圖甲,電源電壓恒定,電壓表的量程都是0﹣15V,電流表的量程是0﹣0.6A,小燈泡兩端的電壓不許超過額定電壓,滑動變阻器允許通過的最大電流為1A.閉合開關,為了保證所有元件都安全,滑動變阻器的滑片只能在阻值最大端和a點間滑動,當滑片在這兩點間滑動時,電流表示數隨電壓表的示數變化的如圖,則燈泡的額定電流 0.5 A,且滑片在最大阻值和a點時燈泡的功率之比為4:35,燈泡的額定功率為 3.5 W.【考點】IH:歐姆定律的應用;JA:電功率的計算.【分析】由電路圖可知,燈泡與滑動變阻器串聯,電壓表V測變阻器兩端的電壓,電流表測電路中的電流.(1)當滑片位于a點時,滑動變阻器接入電路中的電阻最小,電路中的電流最大,由小燈泡兩端的電壓不許超過額定電壓可知,此時燈泡正常發光,根據圖象讀出電路的最大電流即燈泡的額定電流;(2)由圖象得出滑片在最大阻值和a點時電路中的電流和滑動變阻器兩端的電壓,根據串聯電路的電壓特點和P=UI得出燈泡實際功率的表達式,然后根據燈泡功率的比值,先求出電源的電壓,然后即可利用P=UI求出燈泡的額定功率.【解答】解:由電路圖可知,燈泡與滑動變阻器串聯,電壓表V測變阻器兩端的電壓,電流表測電路中的電流.(1)為了保證所有元件都安全,滑動變阻器的滑片只能在阻值最大端和a點間滑動,所以當滑片位于a點時,電路中的電流最大,此時燈泡正常發光,由圖象可知,燈泡的額定電流I額=I最大=0.5A;第33頁(共33頁),(2)由圖象可知,當滑動變阻器滑片在阻值最大端時,I最小=0.2A,變阻器兩端的電壓U滑最大=11V;因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和,則燈泡兩端的實際電壓U1=U﹣U滑最大=U﹣11V;則燈泡功率P1=U1I最小=(U﹣11V)×0.2A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①滑片位于a點時,I最大=0.5A;變阻器兩端的電壓U滑=6V;因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和,則燈泡兩端的實際電壓U額=U2=U﹣U滑=U﹣6V;則P額=P2=U2I最大=(U﹣6V)×0.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②根據題干可知:=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③解①②③可得:U=13V,則P額=P2=U2I最大=(13V﹣6V)×0.5A=3.5W.故答案為:0.5;3.5. 13.2017年4月22日12時23分,天舟一號與天宮二號順利完成自動交會對接,也是我國自主研制的貨運飛船和空間實驗室首次交會對接,這次任務的完成,標志著中國正式邁進“空間站時代”,如圖甲是天舟一號經長征7號搖2運載火箭在海南文昌航天發射場發射升空的情景,圖乙是天舟一號與天宮二號對接的情景.請找出一個與上面組圖情景相關的物理現象,并指出對應的物理知識.(不得與示例重復)示例:物理現象:長征三號乙運載火箭發射升空時由靜止變為運動;物理知識:力是改變物體運動狀態的原因.作答:物理現象: 天舟一號與天宮二號順利完成自動交會對接??;物理知識: 參照物?。究键c】2R:物理常識.【分析】判斷物體的運動和靜止,首先選擇一個參照物,被研究的物體和參照物之間如果發生位置的變化,被研究的物體是運動的.否則是靜止的.第33頁(共33頁),【解答】解:由圖乙可知,天舟一號與天宮二號在自動交會對接的過程中,以其中任何一個為參照物,另一物體是運動的.故答案為:天舟一號與天宮二號順利完成自動交會對接;參照物. 14.重為10N的木塊靜止在斜面上,畫出木塊的受力示意圖.【考點】6H:力的示意圖.【分析】靜止在斜面上的物體受到重力、摩擦力和支持力作用,然后過重心分別表示出三個力的方向.【解答】解:過重心作豎直向下的重力,并表明大小為10N;過重心作沿斜面向上的摩擦力,過重心作垂直于斜面向上的支持力.如圖所示 15.根據圖中的折射光線作出相應的入射光線.【考點】B6:透鏡的光路圖.【分析】仔細觀察入射光線和折射光線的特點,根據凹透鏡的光學特點作圖.【解答】解:延長線過另一側焦點的光線經凹透鏡折射后將平行于主光軸;如下圖所示: 第33頁(共33頁),三、實驗探究題(每空1分,共22分)16.君君對科學探究活動非常感興趣,他經常在課后完成一些實驗,下面是他進行的兩次嘗試.(1)在學習完物態變化相關知識后,他用圖甲裝置探究“水沸騰的特點”,水沸騰后,觀察到溫度計示數一直如圖乙,則水的沸點是 98 ℃;可能原因是當底的大氣壓 低于?。ㄌ?ldquo;高于”、“低于”或“等于”)一個標準大氣壓;由此可總結出水沸騰的特點為需要 吸收?。ㄟx填“吸收”或“放出”)熱量,溫度不變.(2)在學完凸透鏡成像規律后,君君選擇一塊焦距未知的凸透鏡,對凸透鏡成像特點作了進一步探究,為了測量凸透鏡焦距,他讓一束平行光正對射向該透鏡,調節光屏位置直到在屏上得一個最小最亮的光斑.圖丙是調節完成的狀態,該透鏡焦距 10.0 cm;然后按如圖丁,將蠟燭在光具座上A處,可在B處的光屏上看到清晰的實像.現將蠟燭從A向左移動距離s到C,為了在光屏上再次成清晰的像,則他應將光屏向 左 移動,(選填“左”或“右”)且移動距離s'?。肌.(選填“=”、“<”或“>”)【考點】1O:探究水的沸騰實驗;B7:凸透鏡成像規律及其探究實驗.【分析】(1)在進行溫度計的讀數時,注意其分度值;掌握水沸騰時吸熱但溫度保持不變的特點,水的沸點指水沸騰時的溫度;根據液體沸點隨氣壓的增大而升高的特點分析;水沸騰的特點是吸收熱量,但溫度不變;(2)平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后會聚在主光軸上一點,這點是凸透鏡的焦點.焦點到光心的距離是凸透鏡的焦距;凸透鏡成像時,當物距等于2f,此時像距也為2f,物像之距最?。斢葾處向左移動時,由于物體向2f處靠近,所以物像之距在減?。纱丝傻贸鰏′與s的關系.【解答】解:(1)由圖知,溫度計的分度值為1℃,其示數為98℃,低于100℃,所以當時氣壓小于1個標準大氣壓;水在加熱過程中,吸收熱量,溫度升高;沸騰時,吸收熱量,溫度不變;(2)讓一束平行于凸透鏡主光軸的光線經過凸透鏡后,在光屏上形成了一個最小、最亮的光斑,這點是凸透鏡的焦點,由圖1可知:焦點到光心的距離是25.0cm﹣15.0cm=10.0cm,所以凸透鏡的焦距是10.0cm;第33頁(共33頁),由圖可知,凸透鏡位置不變,蠟燭向左移動,物距增大,像距減小,光屏向左移動才能接到清晰的像.當物距等于2f,此時像距也為2f,物像之距最?。斢葾處向左移動時,由于物體向2f處靠近,所以物像之距在減小,因為物體向左移動,像也向左移動,所以物體移動的距離s小于像移動的距離s′.故答案為:(1)98;低于;吸收;(2)10.0;左;>. 17.小明和小紅在實驗室進行測量小燈泡電功率的實驗,實驗人員分別為他們準備了一套器材:電源(電壓恒為6V)、“20Ω1A”的滑動變阻器、“3.8V電阻約8Ω”的小燈泡、電流表、電壓表、開關,各一個,導線若干.(1)如圖甲是小明設計的實驗電路圖,請用筆畫線代替導線,將圖乙的實物電路連接完整,要求滑片P向右移動時,電流表的示數要變?。?)小明連接好電路后閉合開關,發現小燈泡沒有發光,他應該 D?。瓵、立即檢查線路B、立即更換燈泡C、立即移動滑動變阻器滑片D、迅速觀察兩電表示數情況后再針對性處理(3)排除故障后,閉合開關,移動滑片P,當電壓表示數為3.8V時,電流表示數如圖丙,其讀數是 0.4 A,小明所測燈泡的額定功率是 1.14 W.(4)由于小燈泡上標定的額定功率值看不清楚,小明咨詢實驗人員后知道應該是1.8W,為什么自己所測得數據偏???小明仔細觀察所用的小燈泡,在內壁有些發現,他回憶所學知識后找到了原因.小燈泡在頻繁使用后,燈絲容易發生 升華?。ㄟx填“升華”或“凝華”)現象而的導致燈絲電阻變 小?。ㄟx填“大”或“小”).(5)小紅在測量小燈泡額定電功率的實驗中發現電壓表的0﹣15V量程損壞,他馬上想到可以將圖甲電路圖中的電壓表改接在滑動變阻器兩端繼續實驗,他的實驗過程為:①連接好電路后,將滑片P置于滑動變阻器的 右端 位置(選填“左端”、“右端”、“中間偏左”或“中間偏右”),在閉合開關.②移動滑片P,當電壓表示數為 2.2 V時,記錄電流表示數.③計算燈泡額定功率.第33頁(共33頁),【考點】JF:電功率的測量;IA:影響電阻大小的因素.【分析】(1)要求滑片P向右移動時,電流表的示數要變小,確定變阻器的連接;(2)燈泡不發光,可能是電路斷路,或燈泡短路,或電路電流太小燈泡實際功率太小不足以引起燈泡發光造成的;如果燈泡不發光,應先觀察電表示數,根據電表示數先大致判斷故障原因,然后再采取措施;(3)根據電流表小量程讀數,由P=UI求功率;(4)根據升華的定義回答,根據影響電阻的因素,根據P=UI=,分析燈的功率變化;(5)根據串聯電路的電壓規律,當變阻器的電壓為6V﹣3.8V=2.2V時燈正常發光分析回答.【解答】解:(1)要求滑片P向右移動時,電流表的示數要變小,即滑片右邊電阻絲連入電路中,如下所示:(2)小明連接好電路后閉合開關,發現小燈泡沒有發光,他應該先觀察兩電表示數情況再決定,故選D;(3)排除故障后,閉合開關,移動滑片P,當電壓表示數為3.8V時,電流表示數如圖丙,電流表選用小師生,分度值為0.02A,其讀數是0.4A,小明所測燈泡的額定功率是P=UI=3.8V×0.4A=1.14W.(4)小燈泡在頻繁使用后,燈絲容易發生升華現象而的導致燈絲變細,根據影響電阻大小因素,燈絲電阻變小,根據P=UI=,燈的功率變??;(5)實驗過程:①連接好電路后,將滑片P置于滑動變阻器的右端位置,在閉合開關.②移動滑片P,當電壓表示數為2.2V時,記錄電流表示數.第33頁(共33頁),③計算燈泡額定功率.故答案為:(1)如上所示;(2)D;(3)0.4;1.14;(4)升華;??;(5)①右端;②2.2. 18.小華利用燒杯、天平、細繩、水,測量一塊形狀不規則小石塊的密度.請將他的步驟補充完整并完成相關問題:(1)把托盤天平放在水平臺上,將標尺上的游碼移到標尺左端零刻度線處,再調節 平衡螺母 ,使天平平衡.(2)用天平測量小石塊的質量,天平再次平衡時,砝碼和標尺上的游碼如圖,則小石塊的質量m= 52 g.(3)如圖所示,A.往燒杯中加入適量的水,把小石塊緩慢浸沒在水中,在水面到達的位置做標記,然后測得燒杯、小石塊和水的總質量m1=174g;B.取出小石塊,測得燒杯和水的總質量為m2=121.2g;C.往燒杯中加水,直到 水面達到標記處 ,再測出此時燒杯和水的總質量為m3=142g.(4)按照上述數據計算小石塊的密度時,小華認為有兩種方案:方案一是根據m、m1、m3,算得小石塊的密度為 2.6×103 kg/m3,方案二是根據m、m2、m3,算得小石塊的密度為 2.5×103 kg/m3.不計細繩的影響,上述兩種計算方案中,誤差相差較小的方案是 一?。ㄟx填“一”或“二”),若用另外一種方案計算,得出的結果將比準確值偏 小?。ㄟx填“大”或“小”),具體原因是: 把石塊從水中取出時,石塊上有附著的水,測得石塊的體積偏大?。究键c】2M:固體的密度測量實驗.【分析】(1)天平使用前的調節:將標尺上的游碼移到標尺左端零刻度線處,再調平衡螺母,使指針指在分度盤的中線處;(2)物體的質量等于砝碼的質量與游碼所對應的數值之和;(3)利用排水法測出石塊的體積:石塊的排水體積就是石塊的體積;第33頁(共33頁),(4)排水體積可通過求排水質量和水的密度求出;排水質量則是圖中兩次的質量之差.最后由密度公式求出小石塊的密度.【解答】解:(1)調節天平橫梁平衡時,先將標尺上的游碼移到標尺左端零刻度線處,再調平衡螺母,直到指針指在分度盤的中央;(2)由圖知,石塊的質量m=50g+2g=52g.(3)利用排水法測出石塊的體積,則往燒杯中加水,直到水面達到標記處,再測出此時燒杯和水的總質量.(4)方案一:排開水的質量m排=m3﹣(m1﹣m)=142g﹣=20g,根據ρ=可得石塊的體積:V=V排===20cm3,所以,石塊的密度ρ===2.6g/cm3=2.6×103kg/m3.方案二:向燒杯中加入水的質量m排=m3﹣m2=142g﹣121.2=20.8g,根據ρ=可得石塊的體積:V=V排===20.8cm3,所以,石塊的密度ρ===2.5g/cm3=2.5×103kg/m3.方案二中,在把石塊從水中取出時,石塊上有附著的水,向燒杯中加水直到標記處,所加水的體積大于石塊排開水的體積,測得石塊的體積偏大,由密度公式可知,所測石塊的密度偏??;所以,誤差相差較小的方案是方案一.故答案為:(1)平衡螺母;(2)52;(3)水面達到標記處;(4)2.6×103;2.5×103;一;??;把石塊從水中取出時,石塊上有附著的水,測得石塊的體積偏大. 四、計算題(6+8+8=22分)19.某校校車與學生的總質量為8000kg,該校車在某段平直公路上勻速行駛9km,用時15min.求:(1)在該路段,校車行駛的平均速度;(2)若車輪與地面的接觸總面積為0.25m2,校車對水平地面的壓強.【考點】86:壓強的大小及其計算;6D:變速運動與平均速度.【分析】(1)已知校車行駛的路程和時間,利用v=計算速度;第33頁(共33頁),(2)校車對水平地面的壓力等于校車與學生的總重力,根據G=mg求出其大小,再根據p=求出校車對水平地面的壓強;【解答】解:(1)校車行駛路程s=9km=9000m,行駛時間t=15min=15×60s=900s,行駛速度:v===10m/s;(2)水平地面受到的壓力:F=G=mg=8000kg×10N/kg=8×104N,校車對地面壓強:p===3.2×105Pa;答:(1)在該路段,校車行駛的平均速度為10m/s;(2)若車輪與地面的接觸總面積為0.25m2,校車對水平地面的壓強3.2×105Pa. 20.小明家購置了一臺集加熱和保溫為一體的溫熱飲水機,其銘牌如下表所示.如圖是飲水機的電路圖,S是用感溫材料制造的溫控開關,R1是分壓電阻,R2是供加熱時的電阻絲.分析電路圖可知,當S接通時,飲水機處于加熱狀態,當S斷開時處于保溫狀態.(1)在加熱狀態下,飲水機正常工作時電路中的電流是多大;(2)正常工作時該飲水機將最大容積的水從20℃加熱到100℃,用時4min.求水吸收的熱量和該飲水機加熱狀態時的效率;[C水=4.2×103J/(kg•℃)](3)如果要使R2在保溫狀態時的功率是550W,求R1的阻值.【考點】JK:電功與熱量的綜合計算.【分析】(1)在加熱狀態下,飲水機正常工作時的功率和額定功率相等,根據P=UI求出電路中的電流;(2)由表格數據可知飲水機的最大容積即為水的體積,根據m=ρV求出水的質量,又知道水的初溫、末溫以及比熱容,根據Q吸=cm(t﹣t0)計算出水吸收的熱量,根據P=求出消耗的電能,利于η=×100%求出該飲水機加熱狀態時的效率;第33頁(共33頁),(3)開關斷開時,R1與R2串聯,電路中的電阻最大,根據P=可知飲水機處于保溫狀態,根據P=求出R2兩端的電壓,根據串聯電路的電壓特點求出R1兩端的電壓,根據歐姆定律表示出電路中的電流,利用串聯電路的電流特點得出等式即可求出R1的阻值.【解答】解:(1)在加熱狀態下,由P=UI可得,飲水機正常工作時電路中的電流:I1===10A;(2)飲水機裝滿水時水的體積:V=1.5L=1.5dm3=1.5×10﹣3m3,由ρ=可得,水的質量:m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg,水吸收的熱量:Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×=5.04×105J,由P=可得,飲水機消耗的電能:W=P加熱t′=2200W×4×60s=5.28×105J,該飲水機加熱狀態時的效率:η=×100%=×100%≈95.5%;(3)開關閉合時,電路中為R2的簡單電路,電路中的電阻最小,飲水機處于加熱狀態,由I=可得,R2的阻值:R2===22Ω,開關斷開時,R1與R2串聯,電路中的電阻最大,飲水機處于保溫狀態,由P=可得,此時R2兩端的電壓:U2===110V,因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和,所以,R1兩端的電壓:U1=U﹣U2=220V﹣110V=110V,因串聯電路中各處的電流相等,所以,電路中的電流:第33頁(共33頁),I2==,即=,解得:R1=22Ω.答:(1)在加熱狀態下,飲水機正常工作時電路中的電流是10A;(2)水吸收的熱量為5.04×105J,該飲水機加熱狀態時的效率約為95.5%;(3)R1的阻值為22Ω. 21.如圖裝置是某物理興趣小組設計的“電子浮力稱”的原理圖,電源電壓恒為3V,L為電阻不計的LED工作指示燈,滑動變阻器R的最大值為10Ω,A端到B端的長度為10cm.一內底面積為300cm2的圓柱形容器放在水平面上,裝有足量的水.水面漂浮有一外地面積為100cm2的圓柱形金屬筒(上端開口,足夠高),金屬筒通過硬桿與滑片P連接在一起.金屬筒只能在豎直方向移動,其下底面始終水平.滑片P,硬桿(MN,NE、NF)和金屬筒的總質量為200g.為了能直接讀出所稱物體質量的大小,需將電壓表的刻度改成對應的質量刻度.他們首先調整裝置,當金屬筒內不放入物體時,滑片P恰好在A端,即質量0g恰好對應電壓表示數的0V.然后向金屬筒內放入物體(金屬筒是中漂浮且容器中的水未溢出),裝置穩定后再計算出放入物體質量所對應的電壓表示數,滑片P移動時受到的阻力、導線對硬桿MN的力、硬桿(MN,NE、NF)和金屬筒的形變均忽略不計.閉合開關,求:(1)如圖,金屬筒內未放入物體時,電路中的電流為多少?(2)如圖,金屬筒內未放入物體時,金屬筒受到的浮力為多少?(3)向金屬筒內放入600g的物體后,對應的電壓表示數為多少?【考點】IH:歐姆定律的應用;8P:浮力大小的計算.【分析】第33頁(共33頁),(1)由圖可知:指示燈與變阻器串聯連入電路,由于指示燈電阻不計,則利用歐姆定律即可求出電路中的電流;(2)金屬筒內未放入物體時,由于處于漂浮,則根據漂浮條件即可求出浮力;(3)向金屬筒內放入600g的物體后,根據阿基米德原理求出金屬筒排開水增加的體積,然后求出金屬筒下降的高度,根據滑動變阻器的電阻與長度的關系即可求出RPA,利用歐姆定律求出電壓表的示數.【解答】解:(1)金屬筒內未放入物體時,由圖知,指示燈與變阻器串聯連入電路,由于指示燈電阻不計,則電路中的電流I===0.3A;(2)金屬筒內未放入物體時,由于金屬筒處于漂浮,則浮力F浮=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N;(3)向金屬筒內放入600g的物體后,由于金屬筒與物體仍處于漂浮狀態,則此時F浮′=G+G物,所以,△F浮=F浮′=F浮=G+G物﹣G=G物,則由F浮=ρ液gV排和G=mg得:ρ水g△V排=m物g,所以,△V排===600cm3,由于金屬筒內放入物體金屬筒下降時,液面會同時升高,設物體下降的高度為h,液面升高的高度為h′,則:△V排=S筒(h+h′),△V排=(S容﹣S筒)S容h′,所以,h′===3cm,h′=﹣h′=﹣3cm=3cm,則RPA=×3cm=3Ω,由I=可知:電壓表示數為UPA=IRPA=0.3A×3Ω=0.9V.答:(1)金屬筒內未放入物體時,電路中的電流為0.3A;(2)如圖,金屬筒內未放入物體時,金屬筒受到的浮力為2N;第33頁(共33頁),(3)向金屬筒內放入600g的物體后,對應的電壓表示數為0.9V. 2017年5月23日第33頁(共33頁)
      2017年重慶市巴蜀中學中考物理一模試卷
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